//时间复杂度为O(N*M)
//思路：
//由于是字典序我们要从前往后来判断每个物品是否选择物品
//状态表示：dp[i][j]表示从第i件物品到最后一件物品，体积不超过j所能装的最大价值
//          way[i][j]表示从第i件物品到最后一件物品，体积不超j的最优方案中所选的第一个物品编号
//阶段划分：物品种数
//转移方程：dp[i][j] = max(dp[i+1][j-v[i]]+w[i],dp[i+1][j]) 第一种是需要在j >= v[i]的时候成立
//          由于我们要尽可能的选择第i件物品，那么当dp[i + 1][j - v[i]] + w[i] >= dp[i][j]时我们就要将way[i][j] = i;
//边界：    dp[N + 1][0] = 0;

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>

using namespace std;
const int N = 1e3 + 10;
int dp[N][N],n,m;
int v[N],w[N];
int way[N][N];
//输出方案
void print(int x,int y)
{
    if(x == n + 1) return;
    int k = way[x][y];
    //判断是否选择了第x件物品
    if(k) cout<<k<<' ';//在递归函数的上面为由根节点到叶子节点进行操作
    print(x+1,y-v[k]);
    //在递归函数的下面进行操作，为叶子节点遍历完了，回溯由子节点到根节点进行操作

}
int main(void)
{
    cin>>n>>m;
    for(int i = 1;i<=n;i++) cin>>v[i]>>w[i];

    for(int i = n ;i>=1;i--)//注意计算当前阶段的状态需要之前的转态已经计算过了
        for(int j = 1;j<=m;j++) 
        {
            dp[i][j] = dp[i+1][j];
            if(j >= v[i])
            {
                if(dp[i][j] <= dp[i+1][j-v[i]] + w[i])//注意我们要尽可能的选择第i件物品，因为我们从前往后来判断是否选择物品
                {
                    dp[i][j] = dp[i+1][j-v[i]] + w[i];
                    way[i][j] = i;
                }
            }
        }

    print(1,m);
    return 0;
}